Контрольная работа “Приложение производной” (стр. 3 )

1.	2.	3.	4.
5.	6.	7.	8.
9.	10.	11.	12.
13.	14.	15.	16.
17.	18.	19.	20.
21.	22.	23.	24.
25.	26.	27.	28.
29.	30.

Образец выполнения контрольной работы

“Приложение ПРОИЗВОДНОЙ”

1) Исследовать на экстремум функцию .

Решение. Найдем точки, подозрительные на экстремум. Для этого возьмем производную и приравняем ее нулю.

при .

– + – + х

Рисунок 1

На тех интервалах, где , функция убывает; где , функция возрастает. Поэтому интервалы возрастания функции и , интервалы убывания функции: и .

По рисунку 1 видно, что в точках и функция принимает свои минимальные значения, а при – максимальное. Найдем эти значения:

Ответ: .

2) Найти наибольшее и наименьшее значения функции на отрезке .

Решение. Так как свои наименьшее и наибольшее значения непрерывная на отрезке функция может принимать либо на концах этого отрезка, либо в точках экстремума, входящих в этот отрезок, то находим значения исследуемой функции во всех этих точках и среди них выбираем наибольшее и наименьшее значения:

при ,

,

Найдем значение функции только при . Так как , то

.

Выбираем наибольшее значение функции из найденных трех чисел – это 10. Теперь наименьшее – это 3.

Ответ:

3) Найти точки перегиба функции .

Решение. Так как точками перегиба являются те точки из области допустимых значений, где вторая производная меняет знак, сначала найдем , затем и приравняем к нулю:

при , т. к. для всех .

- + 2 Рисунок 2

Так как в точке изменила знак, то функция изменила выпуклость на вогнутость, т. е. – точка перегиба функции (рис. 2). Ответ: – точка перегиба.

4) Найти асимптоты графика .

Так как вертикальную асимптоту имеет функция с разрывом 2-го рода в точке , сначала найдем точки разрыва и исследуем поведение функции в их окрестностях.

О. Д.З.

Значит, – точка разрыва, так как функция в этой точке не определена. Найдем предел слева и предел справа функции при подходе к точке . Выясним, разрыв какого рода терпит данная функция в этой точке.

. Предел слева равен .

. Предел слева равен .

Так как односторонние пределы бесконечны, то в точке разрыв 2-го рода, поэтому уравнением вертикальной асимптоты будет .

Функция также может иметь или не иметь наклонные асимптоты. Если они есть, то их уравнение запишем в виде ,

где .

Найдем правую наклонную асимптоту при .

Применяем правило Лопиталя:

Применяем правило Лопиталя:

Подставляем в уравнение асимптоты и получаем уравнение правой асимптоты Найдем левую асимптоту при . Повторяя все предыдущие действия, как и для , получаем уравнение левой асимптоты: (рис. 3) Ответ: Вертикальная асимптота . Наклонная асимптота .

у

-2

х

-2 -

Рисунок 3

5) Исследовать функцию и построить ее график.

Исследование функции будем проводить по плану.

1. З. и, если есть асимптоты О. Д.З. , – любое. Следовательно, нет точек разрыва, поэтому вертикальных асимптот нет.

2. Найдем точки пересечения графика функции с осями координат, исследуем функцию на четность, тригонометрические функции – на периодичность. Пусть , тогда . Проверим четность функции:

.

Значит, данная функция нечетная, и ее график симметричен относительно начала координат.

3. Исследуем монотонность функции с помощью .

.

Получаем, что функция всюду возрастающая, не имеющая точек экстремума, так как нет ни одной точки, в которой равен нулю или бесконечности (рис. 4).

при

+ +

0 х

Рисунок 4

4. С помощью находим точки перегиба.

при и .

Все точки, в которых , являются точками перегиба, так как в них меняет знак на противоположный (рис. 5).

Найдем значения функции в этих точках:

.

5. Найдем наклонные асимптоты, если они есть: .

Сначала , тогда

По правилу Лопиталя:

Теперь найдем

Получаем – уравнение правой асимптоты. Повторяя прежние рассуждения уже при , получим уравнение левой асимптоты: .

6. Строим график функции, начертив сначала все асимптоты, отметив точки экстремума, точки перегиба и точки пересечения с осями координат (рис. 6).